2017年九年级数学上册期末试卷
我们在应对2017年九年级数学期末考试的时候，做多一点关于数学的试题对考试很有帮助 。以下是小编为你整理的2017年九年级数学上册期末试卷，希望对大家有帮助!
2017年九年级数学上册期末试题
一、选择题(本大题共6小题，每小题3分，共18分.每小题只有一个正确选项)
1.已知3x=5y(xy≠0)，则下列比例式成立的是( )
A. = B. = C. = D. =
2.已知点P(﹣3，2)是反比例函数图象上的一 点，则该反比例函数的表达式为( )
A.y= B.y=﹣ C.y= D.y=﹣
3.已知∠A为锐角，且sinA= ，那么∠A等于( )
A.15° B.30° C.45° D.60°
4.如图，在△ABC中，DE∥BC，分别交AB，AC于点D，E.若AD=1，DB=2，则△ADE的面积与△ABC的面积的比等于( )
A. B. C. D.
5.如图，在△ABC中，D为AC边上一点，∠DBC=∠A，BC= ，AC=3，则CD的长为( )
A.1 B. C.2 D.
6.如图，△ABC中，∠A、∠B、∠C所对的三边分别记为a，b，c，O是△ABC的外心，OD⊥BC，OE⊥AC，OF⊥AB，则OD：OE：OF=( )
A.a：b：c B.
C.cosA：cosB：cosC D.sinA：sinB：sinC
二、填空题(本大题共8小题，每小题3分，共24分)
7.一个圆盘被平均分成红、黄、蓝、白4个扇形区域，向其投掷一枚飞镖，且落在圆盘内，则飞镖落在白色区域的概率是 .
8.方程x2﹣x=0的解是 .
9.如图，已知l1∥l2∥l3，若AB：BC=3：5，DF=8，则DE= .
10.如果一个扇形的圆心角为135°，半径为8，那么该扇形的弧长是 .
11.如图，ABCD是⊙O的内接四边形，∠B=140°，则∠AOC的度数是 度.
12.将二次函数y=x2﹣4x+5化成y=(x﹣h)2+k的形式，则y= .
13.如图是4×4的正方形网格，点C在∠BAD的一边AD上，且A、B、C为格点，sin∠BAD的值是 .
14.如图，将函数y= (x>0)的图象沿y轴向下平移3个单位后交x轴于点C.若点D是平移后函数图象上一点，且△BCD的面积是3，已知点B(﹣2，0)，则点D的坐标 .
三、(本大题共4小题，每小题6分，共24分)
15.计算： ﹣2sin45°+(2﹣π)0﹣ tan30°.
16.设x1，x2是关于x的方程x2﹣4x+k+1=0的两个实数根，是否存在实数k，使得x1x2>x1+x2成立?请说明理由.
17.如图，在△ABC中，AB=AC，点D、E分别在BC、AB上，且∠BDE=∠CAD.求证：△ADE∽△ABD.
18.如图A、B在圆上，图1中，点P在圆内;图2中，点P在圆外，请仅用无刻度的直尺按要求画图.求作△CDP，使△CDP与△ABP相似，且C、D在圆上，相似比不为1.
四、(本大题共4小题，每小题8分，共32分)
19.已知：△ABC在坐标平面内，三个顶点的坐标为A(0，3)、B(3，4)、C(2，2)，(正方形网格中，每个小正方形边长为1个单位长度)
(1)画出△ABC向下平移4个单位得到的△A1B1C1;
(2)以B为位似中心，在网格中画出△A2BC2，使△A2BC2与△ABC位似，且位似比2：1，直接写出C2点坐标是 ;
(3)△A2BC2的面积是 平方单位.
20.一枚棋子放在边长为1个单位长度的正六边形ABCDEF的顶点A处，通过摸球来确定该棋子的走法，其规则是：在一只不透明的袋子中，装有3个标号分别为1、2、3的相同小球，搅匀后从中任意摸出1个，记下标号后放回袋中并搅匀，再从中任意摸出1个，摸出的两个小球标号之和是几棋子就沿边按顺时针方向走几个单位长度.
棋子走到哪一点的可能性最大?求出棋子走到该点的概率.(用列表或画树状图的方法求解)
21.已知：直角梯形OABC中，BC∥OA，∠AOC=90°，以AB为直径的圆M交OC于D、E，连接AD、BD、BE.
(1)在不添加其他字母和线的前提下，直接写出图中的两对相似三角形.
(2)给出其中一对相似三角形的证明.
22.某学校的校门是伸缩门(如图1)，伸缩门中的每一行菱形有20个，每个菱形边长为30厘米.校门关闭时，每个菱形的锐角度数为60°(如图2);校门打开时，每个菱形的锐角度数从60°缩小为10°(如图3).问：校门打开了多少米?(结果精确到1米，参考数据：sin5°≈0.0872，cos5°≈0.9962，sin10°≈0.1736，cos10°≈0.9848).
五、(本大题共10分)
23.如图1，在△ABC中，∠ACB=90°，BC=2，∠A=30°，点E，F分别是线段BC，AC的中点，连结EF.
(1)线段BE与AF的位置关系是 ， = .
(2)如图2，当△CEF绕点C顺时针旋转a时(0°
(3)如图3，当△CEF绕点C顺时针旋转a时(0°
六、(本大题共12分)
24.如图，二次函数y=﹣x2+bx+c的图象与x轴交于点A(﹣1，0)，B(2，0)，与y轴相交于点C.
(1)求二次函数的解析式;
(2)若点E是第一象限的抛物线上的一个动点，当四边形ABEC的面积最大时，求点E的坐标，并求出四边形ABEC的最大面积;
(3)若点M在抛物线上，且在y轴的右侧.⊙M与y轴相切，切点为D.以C，D，M为顶点的三角形与△AOC相似，求点M的坐标.
2017年九年级数学上册期末试卷答案与解析
一、选择题(本大题共6小题，每小题3分，共18分.每小题只有一个正确选项)
1.已知3x=5y(xy≠0)，则下列比例式成立的是( )
A. = B. = C. = D. =
【考点】比例的性质.
【分析】根据两内项之积等于两外项之积对各选项分析判断即可得解.
【解答】解：A、由 = 得3x=5y，故本选项正确;
B、由 = 得xy=15，故本选项错误;
C、由 = 得5x=3y，故本选项错误;
D、由 = 得5x=3y，故本选项错误.
故选A.
2.已知点P(﹣3，2)是反比例函数图象上的一 点，则该反比例函数的表达式为( )
A.y= B.y=﹣ C.y= D.y=﹣
【考点】待定系数法求反比例函数解析式.
【分析】把点P(﹣3，2)代入函数y= 中可先求出k的值，那么就可求出函数解析式.
【解答】解：设反比例函数的解析式为y= (k≠0)，
∵点P(﹣3，2)是反比例函数图象上的一 点，
∴2= ，得k=﹣6，
∴反比例函数解析式为y=﹣ .
故选D.
3.已知∠A为锐角，且sinA= ，那么∠A等于( )
A.15° B.30° C.45° D.60°
【考点】特殊角的三角函数值.
【分析】根据特殊角的三角函数值求解.
【解答】解：∵sinA= ，∠A为锐角，
∴∠A=30°.
故选B.
4.如图，在△ABC中，DE∥BC，分别交AB，AC于点D，E.若AD=1，DB=2，则△ADE的面积与△ABC的面积的比等于( )
A. B. C. D.
【考点】相似三角形的判定与性质.
【分析】根据DE∥BC，即可证得△ADE∽△ABC，然后根据相似三角形的面积的比等于相似比的平方，即可求解.
【解答】解：∵AD=1，DB=2，
∴AB=AD+DB=3，
∵DE∥BC，
∴△ADE∽△ABC，
∴ =( )2=( )2= .
故选：D.
5.如图，在△ABC中，D为AC边上一点，∠DBC=∠A，BC= ，AC=3，则CD的长为( )
A.1 B. C.2 D.
【考点】相似三角形的判定与性质.
【分析】由条件可证明△CBD∽△CAB，可得到 = ，代入可求得CD.
【解答】解：∵∠DBC=∠A，∠C=∠C，
∴△CBD∽△CAB，
∴ = ，即 = ，
∴CD=2，
故选C.
6.如图，△ABC中，∠A、∠B、∠C所对的三边分别记为a，b，c，O是△ABC的外心，OD⊥BC，OE⊥AC，OF⊥AB，则OD：OE：OF=( )
A.a：b：c B.
C.cosA：cosB：cosC D.sinA：sinB：sinC
【考点】三角形的外接圆与外心.
【分析】设三角形的外接圆的半径是R，根据垂径定理，在直角△OBD中，利用三角函数即可用外接圆的半径表示出OD的长，同理可以表示出OE，OF的长，即可求解.
【解答】解：设三角形的外接圆的半径是R.
连接OB，OC.
∵O是△ABC的外心，且OD⊥BC.
∴∠BOD=∠COD=∠A
在直角△OBD中，OD=OB•cos∠BOD=R•cosA.
同理，OE=R•cosB，OF=R•cosC.
∴OD：OE：OF=cosA：cosB：cosC.
故选C.
二、填空题(本大题共8小题，每小题3分，共24分)
7.一个圆盘被平均分成红、黄、蓝、白4个扇形区域，向其投掷一枚飞镖，且落在圆盘内，则飞镖落在白色区域的概率是 .
【考点】几何概率.
【分析】根据一个圆盘被平均分成红、黄、蓝、白4个扇形区域，飞镖落在每一个区域的机会是均等的，其中白色区域的面积占了其中的 ，再根据概率公式即可得出答案.
【解答】解：∵一个圆盘被平均分成红、黄、蓝、白4个扇形区域，飞镖落在每一个区域的机会是均等的，其中白色区域的面积占了其中的 ，
∴飞镖落在白色区域的概率是 ;
故答案为： .
8.方程x2﹣x=0的解是 0或1 .
【考点】解一元二次方程﹣因式分解法.
【分析】本题应对方程进行变形，提取公因式x，将原式化为两式相乘的形式，再根据“两式相乘值为0，这两式中至少有一式值为0”来解题.
【解答】解：原方程变形为：x(x﹣1)=0，
∴x=0或x=1.
9.如图，已知l1∥l2∥l3，若AB：BC=3：5，DF=8，则DE= 3 .
【考点】平行线分线段成比例.
【分析】首先由已知l1∥l2∥l3，证得 ，又由AB：BC=3：5，DF=16，即可求得DE的长.
【解答】解：∵l1∥l2∥l3，
∴ ，
∵AB：BC=3：5，AB+BC=AC，
∴AB：AC=3：8，
∵DF=，
∴ ，
∴DE=3.
故答案为：3.
10.如果一个扇形的圆心角为135°，半径为8，那么该扇形的弧长是 6π .
【考点】弧长的计算.
【分析】弧长公式是l= ，代入就可以求出弧长.
【解答】解：弧长是： =6π.
11.如图，ABCD是⊙O的内接四边形，∠B=140°，则∠AOC的度数是 80 度.
【考点】圆内接四边形的性质;圆周角定理.
【分析】由ABCD是⊙O的内接四边形，∠B=140°，可求得∠D，然后由圆周角定理，即可求得答案.
【解答】解：∵四边形ABCD是⊙O的内接四边形，∠B=140°，
∴∠D=180°﹣∠B=40°，
∴∠AOC=2∠D=80°.
故答案为：80°.
12.将二次函数y=x2﹣4x+5化成y=(x﹣h)2+k的形式，则y= (x﹣2)2+1 .
【考点】二次函数的三种形式.
【分析】将二次函数y=x2﹣4x+5的右边配方即可化成y=(x﹣h)2+k的形式.
【解答】解：y=x2﹣4x+5，
y=x2﹣4x+4﹣4+5，
y=x2﹣4x+4+1，
y=(x﹣2)2+1.
故答案为：y=(x﹣2)2+1.
13.如图是4×4的正方形网格，点C在∠BAD的一边AD上，且A、B、C为格点，sin∠BAD的值是 .
【考点】锐角三角函数的定义;勾股定理;勾股定理的逆定理.
【分析】连接BC，根据勾股定理，可求得AB，BC，AC，再根据勾股定理的逆定理，可得△ABC为直角三角形，即可求得 sin∠BAD的值.
【解答】解：连接BC，
根据勾股定理，可求得AB= ，BC= ，AC= ，
根据勾股定理的逆定理，可得∠ABC=90°，
∴sin∠BAD= = = .
故答案为： .
14.如图，将函数y= (x>0)的图象沿y轴向下平移3个单位后交x轴于点C.若点D是平移后函数图象上一点，且△BCD的面积是3，已知点B(﹣2，0)，则点D的坐标 ( ，2)或(3，﹣2) .
【考点】反比例函数系数k的几何意义;坐标与图形变化﹣平移.
【分析】根据函数图象的变化规律可得变换后得到的图象对应的函数解析式为y= ﹣3，求出C点的坐标为(1，0)，那么BC=3，设△BCD的边BC上高为h，根据△BCD的面积是3可求得h=2，从而求得D的坐标.
【解答】解：∵将函数y= (x>0)的图象沿y轴向下平移3个单位后得到y= ﹣3，
令y=0，得0= ﹣3，解得x=1，
∴点C的坐标为(1，0)，
∵点B(﹣2，0)，
∴BC=3.
设△BCD的边BC上高为h，
∵△BCD的面积是3，
∴ ×3h=3，
∴h=2，
将y=2代入y= ﹣3，解得x= ;
将y=﹣2代入y= ﹣3，解得x=3.
∴点D的坐标是( ，2)或(3，﹣2).
故答案为( ，2)或(3，﹣2).
三、(本大题共4小题，每小题6分，共24分)
15.计算： ﹣2sin45°+(2﹣π)0﹣ tan30°.
【考点】实数的运算;零指数幂;特殊角的三角函数值.
【分析】分别进行二次根式的化简、特殊角的三角函数值、零指数幂等运算，然后合并.
【解答】解：原式=2 ﹣2× +1﹣ ×
= .
16.设x1，x2是关于x的方程x2﹣4x+k+1=0的两个实数根，是否存在实数k，使得x1x2>x1+x2成立?请说明理由.
【考点】根与系数的关系.
【分析】根据方程有实数根结合根的判别式即可得出关于k的一元一次不等式，解之即可得出k的取值范围，再根据根与系数的关系结合x1x2>x1+x2，即可得出关于k的一元一次不等式，解之即可得出k的取值范围，由两个k的范围无交集即可得出不存在实数k使得x1x2>x1+x2成立.
【解答】解：不存在，理由如下：
∵方程x2﹣4x+k+1=0有实数根，
∴△=(﹣4)2﹣4(k+1)=12﹣4k≥0，
∴k≤3.
∵x1，x2是关于x的方程x2﹣4x+k+1=0的两个实数根，
∴x1+x2=4，x1x2=k+1，
∵x1x2>x1+x2，
∴k+1>4，
解得：k>3.
∴不存在实数k使得x1x2>x1+x2成立.
17.如图，在△ABC中，AB=AC，点D、E分别在BC、AB上，且∠BDE=∠CAD.求证：△ADE∽△ABD.
【考点】相似三角形的判定.
【分析】由等腰三角形的性质得出∠B=∠C，由三角形的外角性质和已知条件得出∠ADE=∠C，因此∠B=∠ADE，再由公共角∠DAE=∠BAD，即可得出△ADE∽△ABD.
【解答】证明：∵AB=AC，
∴∠B=∠C，
∵∠ADB=∠C+∠CAD=∠BDE+∠ADE，∠BDE=∠CAD，
∴∠ADE=∠C，
∴∠B=∠ADE，
∵∠DAE=∠BAD，
∴△ADE∽△ABD.
18.如图A、B在圆上，图1中，点P在圆内;图2中，点P在圆外，请仅用无刻度的直尺按要求画图.求作△CDP，使△CDP与△ABP相似，且C、D在圆上，相似比不为1.
【考点】作图—相似变换.
【分析】图1中延长AP、BP交⊙O于C、D，连接CD即可得;图2中连接AP、BP交⊙O于C、D两点，连接CD即可得.
【解答】解：如图所示，△CDP即为所求.
四、(本大题共4小题，每小题8分，共32分)
19.已知：△ABC在坐标平面内，三个顶点的坐标为A(0，3)、B(3，4)、C(2，2)，(正方形网格中，每个小正方形边长为1个单位长度)
(1)画出△ABC向下平移4个单位得到的△A1B1C1;
(2)以B为位似中心，在网格中画出△A2BC2，使△A2BC2与△ABC位似，且位似比2：1，直接写出C2点坐标是 (1，0) ;
(3)△A2BC2的面积是 10 平方单位.
【考点】作图﹣位似变换;作图﹣平移变换.
【分析】(1)利用平移的性质得出对应点坐标进而求出即可;
(2)利用位似图形的性质得出对应点位置进而得出答案;
(3)利用△A2BC2的形状求出其面积即可.
【解答】解：(1)如图所示：△A1B1C1，即为所求;
(2)如图所示：△A2BC2即为所求，C2点坐标为(1，0);
(3)△A2BC2的面积位为： ×(2 )=10平方单位.
故答案为：10.
20.一枚棋子放在边长为1个单位长度的正六边形ABCDEF的'顶点A处，通过摸球来确定该棋子的走法，其规则是：在一只不透明的袋子中，装有3个标号分别为1、2、3的相同小球，搅匀后从中任意摸出1个，记下标号后放回袋中并搅匀，再从中任意摸出1个，摸出的两个小球标号之和是几棋子就沿边按顺时针方向走几个单位长度.
棋子走到哪一点的可能性最大?求出棋子走到该点的概率.(用列表或画树状图的方法求解)
【考点】列表法与树状图法.
【分析】先画树形图：共有9种等可能的结果，其中摸出的两个小球标号之和是2的占1种，摸出的两个小球标号之和是3的占2种，摸出的两个小球标号之和是4的占3种，摸出的两个小球标号之和是5的占两种，摸出的两个小球标号之和是6的占一种;即可知道棋子走到哪一点的可能性最大，根据概率的概念也可求出棋子走到该点的概率.
【解答】解：画树形图：
共有9种等可能的结果，其中摸出的两个小球标号之和是2的占1种，
摸出的两个小球标号之和是3的占2种，
摸出的两个小球标号之和是4的占3种，
摸出的两个小球标号之和是5的占两种，
摸出的两个小球标号之和是6的占一种;
所以棋子走E点的可能性最大，
棋子走到E点的概率= = .
21.已知：直角梯形OABC中，BC∥OA，∠AOC=90°，以AB为直径的圆M交OC于D、E，连接AD、BD、BE.
(1)在不添加其他字母和线的前提下，直接写出图中的两对相似三角形.
(2)给出其中一对相似三角形的证明.
【考点】相似三角形的判定;直角梯形;圆周角定理.
【分析】(1)利用直角梯形的性质和圆周角定理即可证明△OAD∽△CDB;△ADB∽△ECB;
(2)利用相似三角形的判定方法两角法：有两组角对应相等的两个三角形相似证明即可.
【解答】(1)解：△OAD∽△CDB;△ADB∽△ECB;
(2)求证：;△ADB∽△ECB;
证明：∵AB为直径，
∴∠ADB=90°，
∵直角梯形OABC中，BC∥OA，∠AOC=90°，
∴∠C=90°，
∴∠C=∠ADB=90°，
∵∠A=∠BEC，
∴△ADB∽△ECB.
22.某学校的校门是伸缩门(如图1)，伸缩门中的每一行菱形有20个，每个菱形边长为30厘米.校门关闭时，每个菱形的锐角度数为60°(如图2);校门打开时，每个菱形的锐角度数从60°缩小为10°(如图3).问：校门打开了多少米?(结果精确到1米，参考数据：sin5°≈0.0872，cos5°≈0.9962，sin10°≈0.1736，cos10°≈0.9848).
【考点】解直角三角形的应用;菱形的性质.
【分析】先求出校门关闭时，20个菱形的宽即大门的宽;再求出校门打开时，20个菱形的宽即伸缩门的宽;然后将它们相减即可.
【解答】解：如图，校门关闭时，取其中一个菱形ABCD.
根据题意，得∠BAD=60°，AB=0.3米.
∵在菱形ABCD中，AB=AD，
∴△BAD是等边三角形，
∴BD=AB=0.3米，
∴大门的宽是：0.3×20≈6(米);
校门打开时，取其中一个菱形A1B1C1D1.
根据题意，得∠B1A1D1=10°，A1B1=0.3米.
∵在菱形A1B1C1D1中，A1C1⊥B1D1，∠B1A1O1=5°，
∴在Rt△A1B1O1中，
B1O1=sin∠B1A1O1•A1B1=sin5°×0.3=0.02616(米)，
∴B1D1=2B1O1=0.05232米，
∴伸缩门的宽是：0.05232×20=1.0464米;
∴校门打开的宽度为：6﹣1.0464=4.9536≈5(米).
故校门打开了5米.
五、(本大题共10分)
23.如图1，在△ABC中，∠ACB=90°，BC=2，∠A=30°，点E，F分别是线段BC，AC的中点，连结EF.
(1)线段BE与AF的位置关系是 互相垂直 ， = .
(2)如图2，当△CEF绕点C顺时针旋转a时(0°
(3)如图3，当△CEF绕点C顺时针旋转a时(0°
【考点】几何变换综合题.
【分析】(1)结合已知角度以及利用锐角三角函数关系求出AB的长，进而得出答案;
(2)利用已知得出△BEC∽△AFC，进而得出∠1=∠2，即可得出答案;
(3)过点D作DH⊥BC于H，则DB=4﹣(6﹣2 )=2 ﹣2，进而得出BH= ﹣1，DH=3﹣ ，求出CH=BH，得出∠DCA=45°，进而得出答案.
【解答】解：(1)如图1，线段BE与AF的位置关系是互相垂直;
∵∠ACB=90°，BC=2，∠A=30°，
∴AC=2 ，
∵点E，F分别是线段BC，AC的中点，
∴ = ;
故答案为：互相垂直; ;
(2)(1)中结论仍然成立.
证明：如图2，∵点E，F分别是线段BC，AC的中点，
∴EC= BC，FC= AC，
∴ = = ，
∵∠BCE=∠ACF=α，
∴△BEC∽△AFC，
∴ = = = ，
∴∠1=∠2，
延长BE交AC于点O，交AF于点M
∵∠BOC=∠AOM，∠1=∠2
∴∠BCO=∠AMO=90°
∴BE⊥AF;
(3)如图3，∵∠ACB=90°，BC=2，∠A=30°
∴AB=4，∠B=60°
过点D作DH⊥BC于H
∴DB=4﹣(6﹣2 )=2 ﹣2，
∴BH= ﹣1，DH=3﹣ ，
又∵CH=2﹣( ﹣1)=3﹣ ，
∴CH=DH，
∴∠HCD=45°，
∴∠DCA=45°，
∴α=180°﹣45°=135°.
六、(本大题共12分)
24.如图，二次函数y=﹣x2+bx+c的图象与x轴交于点A(﹣1，0)，B(2，0)，与y轴相交于点C.
(1)求二次函数的解析式;
(2)若点E是第一象限的抛物线上的一个动点，当四边形ABEC的面积最大时，求点E的坐标，并求出四边形ABEC的最大面积;
(3)若点M在抛物线上，且在y轴的右侧.⊙M与y轴相切，切点为D.以C，D，M为顶点的三角形与△AOC相似，求点M的坐标.
【考点】二次函数综合题.
【分析】(1)根据题意把点A(﹣1，0)，B(2，0)代入二次函数解析式，得到b和c的二元一次方程组，求出b和c的值即可;
(2)设 E(a，b)，且a>0，b>0，首先用a和b表示出S四边形ABEC，再结合点E在二次函数的图象上，得到S四边形ABEC=﹣a2+2a+3，即可求解;
(3)首先画出图形，以C，D，M为顶点的三角形与△AOC相似，得到 ，或 ，根据n的取值范围求出m的值即可.
【解答】解：(1)∵二次函数y=﹣x2+bx+c的图象与x轴相交于点A(﹣1，0)，B(2，0)，
∴ ，
∴
∴二次函数的解析式为y=﹣x2+x+2.
(2)如图1.
∵二次函数的解析式为y=﹣x2+x+2与y轴相交于点C，
∴C(0，2).
设 E(a，b)，且a>0，b>0.
∵A(﹣1，0)，B(2，0)，
∴OA=1，OB=2，OC=2.
则S四边形ABEC= =1+a+b，
∵点 E(a，b)是第一象限的抛物线上的一个动点，
∴b=﹣a2+a+2，
∴S四边形ABEC=﹣a2+2a+3
=﹣(a﹣1)2+4，
当a=1时，b=2，
∴当四边形ABEC的面积最大时，点E的坐标为(1，2)，且四边形ABEC的最大面积为4.
(3)如图2.
设M(m，n)，且m>0.
∵点M在二次函数的图象上，
∴n=﹣m2+m+2.
∵⊙M与y轴相切，切点为D，
∴∠MDC=90°.
∵以C，D，M为顶点的三角形与△AOC相似，
∴ ，或 .
①当n>2时， 或 ，
解得 m1=0(舍去)，m2= ，或m3=0(舍去)，m4=﹣1(舍去).
②同理可得，当n<2时，m1=0(舍去)，m2= ，或m3=0(舍去)，m4=3.
综上，满足条件的点M的坐标为( ， )，( ， )，(3，﹣4).
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